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长春火车站,网站开发搭建ssc p2p 互助,十堰网站建设专家,网站建设的行业新闻2025年华南理工大学计算机考研复试机试真题 2025年华南理工大学计算机考研复试上机真题 历年华南理工大学计算机考研复试上机真题 历年华南理工大学计算机考研复试机试真题 更多学校题目开源地址#xff1a;https://gitcode.com/verticallimit1/noobdream N 诺 DreamJudg…2025年华南理工大学计算机考研复试机试真题2025年华南理工大学计算机考研复试上机真题历年华南理工大学计算机考研复试上机真题历年华南理工大学计算机考研复试机试真题更多学校题目开源地址https://gitcode.com/verticallimit1/noobdreamN 诺 DreamJudge 题库输入 “学校名称” 即可筛选该校历年机试真题题目均在考纲范围内按难度自动排序。还可搭配《计算机考研机试攻略》刷题书中题目可通过题号直接在题库中查找。凑零钱题目描述Time Limit: 1000 msMemory Limit: 256 mb这是一个古老而又经典的问题。用给定的几种钱币凑成某个钱数一般而言有多种方式。例如给定了 6 种钱币面值为 2、5、10、20、50、100用来凑 15 元可以用 5 个 2 元、1个 5 元或者 3 个 5 元或者 1 个 5 元、1个 10 元等等。显然最少需要 2 个钱币才能凑成 15 元。你的任务就是给定若干个互不相同的钱币面值编程计算最少需要多少个钱币才能凑成某个给出的钱数。输入输出格式输入描述:第一行是待凑的钱数值 M1 M 2000整数接着的一行中第一个整数 K1 K 10表示币种个数随后是 K个互不相同的钱币面值 Ki(1 Ki 1000)。输入 M0 时结束。输出描述:每个测试用例输出一行即凑成钱数值 M 最少需要的钱币个数。如果凑钱失败输出“Impossible”。你可以假设每种待凑钱币的数量是无限多的。输入输出样例输入样例#:15 6 2 5 10 20 50 100输出样例#:2代码一#includebits/stdc.husing namespace std;const int INF0x3f3f3f3f;int m, k;void work(){while(cinmm!0){cink;int a[15];for(int i1;ik;i) cina[i];int f[2500];memset(f, 0x3f, sizeof f);f[0]0;for(int i1;ik;i){int xa[i];for(int j0;jm;j){for(int y0;yj;yx){f[j]min(f[j], f[j-y]y/x);}}}if(f[m]INF) coutImpossibleendl;else coutf[m]endl;}}int main(){work();return 0;}代码二#include stdio.h#include stdlib.h#include string.h#include time.h#include math.h#include ctype.hint main(){int m;while(scanf(%d,m)!EOF){int n;scanf(%d,n);int value[n];for(int i0; in; i){scanf(%d,value[i]);}int dp[m];dp[0]0;for(int i1; im; i){dp[i]999999;}for(int i0; in; i){for(int jvalue[i]; jm; j){if(dp[j-value[i]]!999999){dp[j]dp[j](dp[j-value[i]]1)?dp[j]:(dp[j-value[i]]1);}}}if(dp[m]999999){printf(Impossible\n);}else{printf(%d\n,dp[m]);}}return 0;}代码三#include iostream#include vector#include algorithmusing namespace std;int main() {int m;while (cin m m ! 0) { // 循环读取每个测试用例直到m为0int k;cin k; // 读取币种个数vectorint coin(k);for (int i 0; i k; i) {cin coin[i];}vectorint dp(m 1, 1001); // 初始化为较大的数dp[0] 0; // 初始化边界条件for (int i 0; i k; i) {for (int j coin[i]; j m; j) {dp[j] min(dp[j], dp[j - coin[i]] 1);}}if (dp[m] ! 1001) {cout dp[m] endl;} else {cout Impossible endl;}}return 0;}